Noetherの定理の計算②
前回のつづきです。
早くまとめたかったので、最後までいっちゃいましょう。
変分を簡単に扱えないのは、異なる時間との間で定義されているからでした。
そこで、同一時刻での時間をずらさない変分として
\begin{equation} \bar{\delta} q^i(t) = q'^i(t) - q^i(t) \end{equation}
を用意しましょう。このを用いてを計算します。
\begin{equation} \delta q^i(t) = q'^i(t') - q^i(t) = q'^i(t') - q^i(t') + q^i(t') - q^i(t) \end{equation}
ここまでは単純なテクニックです。前半2つの項は時刻での時間をずらさない変分なので、となります。
一方後半2つの項は同じでの離れた2点の差なので、単純にの1次まで展開して結局
\begin{equation} \delta q^i(t) = \bar{\delta} q^i(t) + \frac{d q^i(t)}{dt} \delta t \end{equation}
となります。
この調子でも計算しましょう。愚直にいきます。
\begin{equation} \delta \dot{q}^i(t) = \dot{q}'^i(t') - \dot{q}^i(t) = \frac{d q'^i(t')}{dt'} - \frac{d q^i(t)}{dt} = \frac{d q'^i(t')}{dt} \frac{dt}{dt'} - \frac{d q^i(t)}{dt} \end{equation}
ここではより
\begin{equation} \frac{dt}{dt'} = 1 - \frac{d \delta t}{dt'} = 1 - \frac{d \delta t}{dt} \end{equation}
であるため(最後の等号では例の如く2次の微小量が現れるのでをに置き換えました)、
\begin{align} \delta \dot{q}^i(t) &= \frac{d q'^i(t')}{dt} \left( 1 - \frac{d \delta t}{dt} \right) - \frac{d q^i(t)}{dt} \\ &= \frac{d q'^i(t')}{dt} - \frac{d q'^i(t)}{dt} \frac{d \delta t}{dt} - \frac{d q^i(t)}{dt} \\ &= \frac{d}{dt} (q'^i(t') - q^i(t)) - \frac{d q'^i(t')}{dt} \frac{d \delta t}{dt} \end{align}
第1項の時間微分の中身はですね。第2項については、を代入して書くと
\begin{equation} \delta \dot{q}^i(t) = \frac{d \delta q^i(t)}{dt} - \frac{d}{dt} (q^i(t) + \delta q^i(t)) \frac{d \delta t}{dt} \end{equation}
となります。
ここで、展開したときに一番最後の項はという2次の微小量となるため、この段階で打ち切っておきましょう。
\begin{equation} \delta \dot{q}^i(t) = \frac{d \delta q^i(t)}{dt} - \frac{d q^i(t)}{dt} \frac{d \delta t}{dt} \end{equation}
先ほど得られたを第1項に代入して計算すれば
\begin{align} \delta \dot{q}^i(t) &= \frac{d}{dt} (\bar{\delta} q^i(t) + \dot{q}^i(t) \delta t) - \dot{q}^i(t) \frac{d \delta t}{dt} \\ &= \frac{d}{dt} \bar{\delta} q^i(t) + \ddot{q}^i(t) \delta t + \dot{q}^i(t) \frac{d \delta t}{dt} - \dot{q}^i(t) \frac{d \delta t}{dt} \\ &=\frac{d}{dt} \bar{\delta} q^i(t) + \ddot{q}^i(t) \delta t \end{align}
となりますが、は時間をずらさない変分であったため、単に
\begin{equation} \frac{d}{dt} \bar{\delta} q^i(t) = \bar{\delta} \dot{q}^i(t) \end{equation}
としてよいです。すなわち
\begin{equation} \delta \dot{q}^i(t) = \bar{\delta} \dot{q}^i(t) + \ddot{q}^i(t) \delta t \end{equation}
を得ます。のときと似た形になることがわかります。
さて、以上の結果を変換後のLagrangianの展開
\begin{equation} L'(q', \dot{q}', t') = L(q, \dot{q}, t) + \frac{\partial L}{\partial q^i} \delta q^i(t) + \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \delta \dot{q}^i(t) + \frac{\partial L}{\partial t} \delta t \end{equation}
に代入してあげます。
\begin{align} L'(q', \dot{q}', t') &= L(q, \dot{q}, t) + \frac{\partial L}{\partial q^i} (\bar{\delta} q^i(t) + \dot{q}^i(t) \delta t) + \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} (\bar{\delta} \dot{q}^i(t) + \ddot{q}^i(t) \delta t) + \frac{\partial L}{\partial t} \delta t \\ &= L(q, \dot{q}, t) + \frac{\partial L}{\partial q^i} \bar{\delta} q^i(t) + \frac{\partial L}{\partial q^i} \dot{q}^i(t) \delta t + \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \bar{\delta} \dot{q}^i(t) + \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \ddot{q}^i(t) \delta t + \frac{\partial L}{\partial t} \delta t \\ &= L(q, \dot{q}, t) + \frac{\partial L}{\partial q^i} \bar{\delta} q^i(t) + \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \bar{\delta} \dot{q}^i(t) + \left( \frac{\partial L}{\partial q^i} \dot{q}^i(t) + \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \ddot{q}^i(t) + \frac{\partial L}{\partial t} \right) \delta t \end{align}
このようにまとめると、の係数の部分がうまいことの時間についての全微分の形になっていることがわかります。
\begin{equation} L'(q', \dot{q}', t') = L(q, \dot{q}, t) + \frac{\partial L}{\partial q^i} \bar{\delta} q^i(t) + \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \bar{\delta} \dot{q}^i(t) + \frac{dL}{dt} \delta t \end{equation}
この結果を作用の変分の表式
\begin{equation} \delta S = \int_{t_i}^{t_f} dt \left\{ L'(q', \dot{q}', t') - L(q, \dot{q}, t) + L(q, \dot{q}, t) \frac{d \delta t}{dt} \right\} \end{equation}
に代入して計算します。スペースの都合上引数は省略して
\begin{equation} \delta S = \int_{t_i}^{t_f} dt \left\{\frac{\partial L}{\partial q^i} \bar{\delta} q^i + \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \bar{\delta} \dot{q}^i + \frac{dL}{dt} \delta t + L \frac{d \delta t}{dt} \right\} \end{equation}
となりますが、後半の2項はまとめての時間微分になります。
\begin{equation} \delta S = \int_{t_i}^{t_f} dt \left\{\frac{\partial L}{\partial q^i} \bar{\delta} q^i + \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \bar{\delta} \dot{q}^i + \frac{d}{dt} (L \delta t) \right\} \end{equation}
さらに真ん中のの項については部分積分を行なって
\begin{align} \delta S &= \int_{t_i}^{t_f} dt \left\{\frac{\partial L}{\partial q^i} \bar{\delta} q^i + \frac{d}{dt} \left( \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \bar{\delta} q^i \right) - \frac{d}{dt} \left( \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \right) \bar{\delta} q^i + \frac{d}{dt} (L \delta t) \right\} \\ &= \int_{t_i}^{t_f} dt \left\{ \left( \frac{\partial L}{\partial q^i} - \frac{d}{dt} \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \right) \bar{\delta} q^i + \frac{d}{dt} \left( \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \bar{\delta} q^i + L \delta t \right) \right \} \end{align}
を得ます。
したがって、作用の変分が準不変である、すなわち
\begin{equation} \delta S = \int_{t_i}^{t_f} dt \frac{dF}{dt} \end{equation}
であるとき、恒等式
\begin{equation} \int_{t_i}^{t_f} dt \left\{ \left( \frac{\partial L}{\partial q^i} - \frac{d}{dt} \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \right) \bar{\delta} q^i + \frac{d}{dt} \left( \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \bar{\delta} q^i + L \delta t \right) \right \} = \int_{t_i}^{t_f} dt \frac{dF}{dt} \end{equation}
すなわち
\begin{equation} \int_{t_i}^{t_f} dt \left\{ \left( \frac{\partial L}{\partial q^i} - \frac{d}{dt} \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \right) \bar{\delta} q^i + \frac{d}{dt} \left( \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \bar{\delta} q^i + L \delta t - F \right) \right \} = 0 \end{equation}
が成り立つことがわかります。
前半は勝手知ったるEuler-Lagrange方程式ですね。よって、Euler-Lagrange方程式が成り立つ条件下ではこの項は消えて
\begin{equation} \int_{t_i}^{t_f} dt \frac{d}{dt} \left( \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \bar{\delta} q^i + L \delta t - F \right) = 0 \end{equation}
となります。したがって、任意の時間領域でこの式が成り立つとき
\begin{equation} \frac{d}{dt} \left( \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \bar{\delta} q^i + L \delta t - F \right) = 0 \end{equation}
すなわち
\begin{equation} \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \bar{\delta} q^i + L \delta t - F \end{equation}
が保存量です。変分をもともとので表せば、
\begin{equation} \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} (\delta q^i - \dot{q}^i \delta t) + L \delta t - F = \frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \delta q^i - \left(\frac{\partial L}{\partial \dot{q}^i} \dot{q}^i - L \right) \delta t - F \end{equation}
が保存量ということになります。おつかれさまでした。